全国CCF提高级非专业级别软件能力认证第一轮
一、单项选择题 (共15题,每题2分,共计30分; 每题有且仅有一个正确选项)
1) 若有定义:int a=7; float x=2.5, y=4.7:则表达式 x+a%3*(int)(x+y)%2 的值是:()




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2) 下列属于图像文件格式的有()




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3) 二进制数11 1011 1001 0111和01 0110 1110 1011进行逻辑或运算的结果是()。




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4) 编译器的功能是()




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5) 设变量x为float型且已赋值,则以下语句中能将x中的数值保留到小数点后两位,并将第三位四舍五入的是()




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6) 由数字1, 1, 2, 4, 8, 8所组成的不同的4位数的个数是()。




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7) 排序的算法很多,若按排序的稳定性和不稳定性分类,则()是不稳定排序。




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8) G是一个非连通无向图(没有重边和自环),共有28条边,则该图至少有 ()个顶点。




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9) 一些数字可以颠倒过来看,例如0、1、8颠倒过来还是本身,6颠倒过来是 9,9颠倒过来看还是6,其他数字颠倒过来都不构成数字。类似的,一些多位数也可以颠倒过来看,比如106颠倒过来是901 。假设某个城市的车牌只有5位数字,每一位都可以取0到9。请问这个城市有多少个车牌倒过来恰好还是原来的车牌,并且车牌上的5位数能被3整除?()




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10) 一次期末考试,某班有15人数学得满分,有12人语文得满分,并且有4 人语、数都是满分,那么这个班至少有一门得满分的同学有多少人?()。




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11) 设A和B是两个长为n的有序数组,现在需要将A和B合并成一个排好序的数组,问任何以元素比较作为基本运算的归并算法,在最坏情况下至少要做多少次比较?()。




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12) 以下哪个结构可以用来存储图()




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13) 以下哪些算法不属于贪心算法?()




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14) 有一个等比数列,共有奇数项,其中第一项和最后一项分别是2和118098, 中间一项是486,请问以下哪个数是可能的公比?()




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15) 正实数构成的数字三角形排列形式如图所示。第一行的数为a_{1,1} ;第二行的数从左到右依次为a_{2,1},a_{2,2},第n行的数为a_{n,1},a_{n,2},……, a_{n,n} 从a_{1,1} 开始, 每一行的数a_{i,j} 只有两条边可以分别通向下一行的两个数a_{i+1,j} 和a_{i+1,j+1} 。用动态规划算法找出一条从a_{1,1} 向下通到a_{n,1} ,a_{n,2},……, a_{n,n}中某个数的路径,使得该路径上的数之和最大。 令c[i][j]是从a_{1,1} 到a_{i,j}的路径上的数的最大和,并且C[i][0]=C[0][j]=0,则 C[i][j] = ( )。




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二、阅读程序 (程序输入不超过数组或字符串定义的范围:判断题正确填V,错误填X;除特殊说明外,判断题1.5分,选择题4分,共计40分)
#include <cstdio>
using namespace std;
int n;
int a[100];

int main() {
scanf("%d", &n);
for (int i = 1; i <= n; ++i)
scanf("%d", &a[i]);
int ans = 1;
for (int i = 1; i <= n; ++i) {
if (i > 1 && a[i] < a[i - 1])
ans = i;
while (ans < n && a[i] >= a[ans + 1])
++ans;
printf("%d\n", ans);
}
return 0;
}
16) (1分)第16行输出ans时,ans的值一定大于i。()

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17) (1分)程序输出的ans小于等于n。()

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18) 若将第12行的“<”改为“!=”,程序输出的结果不会改变。()

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19) 当程序执行到第16行时,若ans - i> 2,则a[i + 1] < a[i]。 ()

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20) (3分)若输入的a数组是一个严格单调递增的数列, 此程序的时间复杂度()




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21) 最坏情况下,此程序的时间复杂度是()。




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#include <iostream>
using namespace std;

const int maxn = 1000;
int n;
int fa[maxn], cnt[maxn];

int getRoot(int v) {
if (fa[v] == v) return v;
return getRoot(fa[v]);
}

int main() {
cin >> n;
for (int i = 0; i < n; ++i) {
fa[i] = i;
cnt[i] = 1;
}
int ans = 0;
for (int i = 0; i < n - 1; ++i) {
int a, b, x, y;
cin >> a >> b;
x = getRoot(a);
y = getRoot(b);
ans += cnt[x] * cnt[y];
fa[x] = y;
cnt[y] += cnt[x];
}
cout << ans << endl;
return 0;
}
22) (1分)输入的a和b值应在[0, n-1]的范围内。()

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23) (1分)第16行改成“ fa[i] = 0;”,不影响程序运行结果。()

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24) 若输入的a和b值均在[0, n-1]的范围内,则对于任意0<=i<n 都有0 <= fa[i] <n ()

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25) 若输入的a和b值均在[0, n-1]的范围内,则对于任意0<=i<n都有1 <=cnt[i]<=n ()

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26) 当n等于50时,若a、b的值都在[0,49]的范围内,且在第25行时x 总是不等于y,那么输出为()。




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27) 此程序的时间复杂度是()。




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#include <iostream>
#include <string>
using namespace std;
const int max1 = 202;
string s, t;
int pre[max1], suf[max1];

int main() {
cin >> s >> t;
int slen = s.length(), tlen = t.length();

for (int i = 0, j = 0; i < slen; ++i) {
if (j < tlen && s[i] == t[j]) ++j;
pre[i] = j; // t[0..j-1] 是 s[0..i] 的子序列
}

for (int i = slen - 1 , j = tlen - 1; i >= 0; --i) {
if(j >= 0 && s[i] == t [j]) --j;
suf[i]= j; // t[j+1..tlen-1] 是 s[i..slen-1] 的子序列
}

suf[slen] = tlen -1;
int ans = 0;
for (int i = 0, j = 0, tmp = 0; i <= slen; ++i){
while(j <= slen && tmp >= suf[j] + 1) ++j;
ans = max(ans, j - i - 1);
tmp = pre[i];
}
cout << ans << endl;
return 0;
}
28) (1分)程序输出时,suf数组满足:对任意0 <= i < slen, suf[i] < suf[i + 1]。 ()

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29) (2分)当t是s的子序列时,输出一定不为0。()

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30) (2分)程序运行到第23行时,“j - i - 1” 一定不小于0。()

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31) (2分)当t是s的子序列时,pre数组和suf数组满足:对任意0 <= i < slen, pre[i] > suf[i + 1] + 1。 ()

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32) 若tlen=10,输出为0,则slen最小为()。




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33) 若tlen=10,输出为2,则slen最小为()。




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三、完善程序 (单选题,每小题3分,共计30分)
(匠人的自我修养)一个匠人决定要学习nn个新技术。要想成功学习一个新技术,他不仅要拥有一定的经验值,而且还必须要先学会若干个相关的技术。学会一个新技术之后,他的经验值会增加一个对应的值。给定每个技术的学习条件和习得后获得的经验值,给定他已有的经验值,请问他最 多能学会多少个新技术。
输入第一行有两个数,分别为新技术个数n (l<=n<=10^3)n(l<=n<=10^3),以及己有经验值(<=10^7 )。

接下来n行。第i行的两个正整数,分别表示学习第i个技术所需的最低经验值(<=10^7),以及学会第i个技术后可获得的经验值(<=10^4)。

接下来n行。第i行的第一个数mi (0<= mi< n),表示第i个技术的相关技术数量。紧跟着m个两两不同的数,表示第i个技术的相关技术编号。
输出最多能学会的新技术个数。
下面的程序以(n^2)的时间复杂度完成这个问题,试补全程序。

#include<cstdio>
using namespace std;
const int maxn = 1001;

int n;
int cnt[maxn];
int child [maxn][maxn];
int unlock[maxn];
int threshold[maxn], bonus[maxn];
int points;
bool find(){
int target = -1;
for (int i = 1; i <= n; ++i)
if(① && ②){
target = i;
break;
}
if(target == -1)
return false;
unlock[target] = -1;

for (int i = 0; i < cnt[target]; ++i)

return true;
}

int main(){
scanf("%d%d", &n, &points);
for (int i = 1; i <= n; ++i){
cnt[i] = 0;
scanf("%d%d", &threshold[i], &bonus[i]);
}
for (int i = 1; i <= n; ++i){
int m;
scanf("%d", &m);

for (int j = 0; j < m; ++j){
int fa;
scanf("%d", &fa);
child[fa][cnt[fa]] = i;
++cnt[fa];
}
}

int ans = 0;
while(find())
++ans;

printf("%d\n", ans);
return 0;
}
34) ①处应填()




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35) ②处应填()




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36) ③处应填()




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37) ④处应填()




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38) ⑤处应填()




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(取石子)Alice和Bob两个人在玩取石子游戏。他们制定了n条取石子的规则,第i条规则为:如果剩余石子的个数大于等于a[i]且大于等于b[il, 那么他们可以取走b[i]个石子。他们轮流取石子。如果轮到某个人取石子, 而他无法按照任何规则取走石子,那么他就输了。一开始石子有m个。请问先取石子的人是否有必胜的方法?
输入第一行有两个正整数,分别为规则个数n (1<=n<=64),以及石子个数 m (<=10^7)。

接下来n行。第i行有两个正整数a[i]和b[i]。(1<=a[i]<=10^7,1<=b[i]<=64)

如果先取石子的人必胜,那么输出“Win”,否则输出“Loss”。

提示:
可以使用动态规划解决这个问题。由于b[i]b[i]不超过64,所以可以使用6464位无符号整数去压缩必要的状态。
status是胜负状态的二进制压缩,trans是状态转移的二进制压缩。

试补全程序。

代码说明:

~表示二进制补码运算符,它将每个二进制位的0变为1、1变为0;

而“^”表示二进制异或运算符,它将两个参与运算的数中的每个对应的二进制位一一进行比较,若两个二进制位相同,则运算结果的对应二进制位为0,反之为1。

ull标识符表示它前面的数字是unsigned long long类型。
#include <cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxn = 64;
int n, m;
int a[maxn], b[maxn];
unsigned long long status, trans;
bool win;
int main(){
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 0; i < n; ++i)
scanf("%d%d", &a[i], &b[i]);
for(int i = 0; i < n; ++i)
for(int j = i + 1; j < n; ++j)
if (aa[i] > a[j]){
swap(a[i], a[j]);
swap(b[i], b[j]);
}
status = ①;
trans = 0;
for(int i = 1, j = 0; i <= m; ++i){
while (j < n && ②){
③;
++j;
}
win = ④;
⑤;
}

puts(win ? "Win" : "Loss");

return 0;
}
39) ①处应填 ( )




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40) ②处应填( )




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41) ③处应填( )




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42) ④处应填( )




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43) ⑤处应填( )




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